Міністерство освіти І науки України Кіровоградський державний педагогічний університет імені Володимира Винниченка
Вид материала | Документы |
- Міністерство освіти І науки україни «Переяслав – Хмельницький державний педагогічний, 554.03kb.
- Міністерство освіти І науки україни двнз«Переяслав – Хмельницький державний педагогічний, 1277.11kb.
- Міністерство освіти І науки, молоді та спорту україни уманський національний університет, 29.37kb.
- Міністерство освіти І науки україни полтавський державний педагогічний університет, 680.62kb.
- Міністерство освіти І науки україни переяслав-хмельницький державний педагогічний університет, 616.99kb.
- Міністерство освіти І науки України, 1659.87kb.
- Міністерство освіти І науки україни мелітопольський державний педагогічний університет, 2525.18kb.
- Південноукраїнський державний педагогічний університет імені К. Д. Ушинського (м. Одеса), 349.4kb.
- Міністерство освіти І науки, молоді та спорту україни уманський національний університет, 30.09kb.
- Міністерство освіти І науки України Слов’янський державний педагогічний університет, 2976.14kb.
10 (4 бали). Нехай , – натуральні числа. Чи може число бути простим натуральним числом?
Розкладемо наш вираз на множники:
;
.
А тоді отримаємо:
.
При перший множник менший за другий:
, а другий множник: і є непростим для усіх .
При другий множник менший за перший і маємо число , яке є складеним для .
Відповідь: число не може бути простим.
11 (4 бали). Знайти натуральні числа та , що мають максимальну суму, якщо .
1 спосіб: , звідки , тобто або ділиться на 23. Оскільки рівняння не змінюється від того, щоб і поміняти місцями, то для певності вважатимемо, що , , . , звідки , , тому або 23. А тоді , , або , . Другий варіант відповідає найбільшій сумі .
2 спосіб: розв’яжемо діофантове рівняння , розкладаючи на множники: . Оскільки усі дільники є , враховуючи симетричність рівняння відносно та і умову , отримаємо два принципово різних випадки: Другий випадок дає максимальну суму .
11 (4 бали). В множині натуральних чисел розв’язати рівняння .
1 спосіб. , адже при , , що неможливо. Отже, , , Перебравши отримаємо: , .
2 спосіб. Розв’яжемо діофантове рівняння способом розкладання на множники: , враховуючи обмеження на та дільники числа 15, матимемо: Від’ємні множники числа 15 не задовольняють умови задачі:
Відповідь: , .
11 (4 бали). Довести, що для довільного цілого числа існує таке ціле число , що ділиться без остачі на три, а число ділиться без остачі на 5.
Якщо , то . Якщо , то . Якщо , то . Якщо , то . Якщо , то .
Міркувати можна так: всі цілі числа, що діляться на 3, мають вигляд:
є повна система лишків по модулю 5;
Нехай тоді .
11 (2 бали). Знайти які-небудь два натуральні значення , при яких дріб можна скоротити.
Наприклад при і 4, (і 7, 10,…), дріб можна скоротити на 3.
11 (4 бали). Довести, що ні при яких натуральних значеннях дріб не можна скоротити.
Використовуючи алгоритм Евкліда, маємо:
. Дані числа завжди взаємно прості.
9 (4 бали). Довести: якщо для деяких цілих чисел і число без остачі ділиться на 5, то число без остачі ділиться на 25.
1 спосіб: 1) так як , то
.
2) Оскільки , то , а тоді потроєний результат .
.
2 спосіб. Оскільки , то ,
, адже .
11 (7 балів). Знайти усі такі натуральні числа і , щоб без остачі ділилось на , а без остачі ділилося на .
Розглянемо два випадки:
1) . Якщо , то , або 5. Якщо , то , , з яких підходять лише 2 і 6. Аналогічно міркуючи, маємо пару . При , звідки , , тобто , звідки перевіркою отримаємо: .
2) . Як і в попередньому випадку перебираємо і отримаємо пари , , , , , , , . Якщо , то , , , . Маємо ще пару .
Отже, маємо наступні пари , , , , , , , , , .
10 (4 бали). Нехай - сторони трикутника і справджується рівність . Довести, що і .
Враховуючи нерівність Коші для двох чисел отримаємо: , звідки . З іншого боку, , , тобто . Рівність можлива лише коли , тобто , що суперечить нерівності трикутника. Аналогічно, нерівність строга.
9 (2 бали). Нехай - катети, - гіпотенуза прямокутного трикутника. Довести, що .
З теореми Піфагора , помноживши на , отримаємо . Враховуючи, що і аналогічно, , отримаємо: .
10 (2 бали). Знайти найменше додатне просте число , для якого – теж просте число.
– не просте число; – просте;
Відповідь:
11 (4 бали). Знайти усі додатні прості числа , для яких – теж просте число.
– не просте число; – просте;
– не може бути простим, оскільки ділиться на 3.
Зауваження: добуток як добуток трьох послідовних цілих чисел, крім того, - просте, не може ділитися на три, тому на три ділиться або або , а тому
Відповідь: